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题目链接:https://leetcode-cn.com/problems/kth-largest-element-in-an-array/
相同题目:剑指offer 40.
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这题考的就是排序算法的应用,有多种实现方法,面试的话可以有很多考点。
Arrays.sort是升序排列,要的是第k大的元素,即为nums[n-k]
class Solution {
public int findKthLargest(int[] nums, int k) {
Arrays.sort(nums);
return nums[nums.length-k];
}
}
堆排序可以分为两种方法:
实现上分为:使用java提供的PriorityQueue作为顶堆;自己手写顶堆。
因为方法2可以避免堆过大,维持堆的空间复杂度为O(K),所以我们分别用PriorityQueue和用自己写的顶堆实现方法2。
为了加深对手写堆的理解,我们用手写堆分别实现方法1和方法2。
使用一个优先级队列PriorityQueue,但设置一个计数器以确保队列只保存k个元素。这样能降低空间复杂度。
优先级队列默认是小顶堆,我们先将前k个元素直接入队,此时队列里保存的nums的前k个元素,顶部保存的是这k个元素里的最小值。
然后,再取剩余的元素入队,剩余的元素每入队一个,就和顶部比较,如果新元素 > 顶部,则将顶部弹出,然后新元素入队。
剩余的元素都按这个操作处理。
最后,所有元素都处理完毕,此时堆中保存的就是nums数组最大的前K个元素,堆的顶部就是第k大的元素。
class Solution {
public int findKthLargest(int[] nums, int k) {
PriorityQueue<Integer> queue = new PriorityQueue<>();
//将nums数组前k个元素入队
for(int i = 0; i < k; i++){
queue.offer(nums[i]);
}
//将剩余元素入队
for(int i = k; i < nums.length; i++){
//如果当前元素 > 顶部,就将顶部弹出,当前元素入队
int top = queue.peek();
if(nums[i] > top){
queue.poll();
queue.offer(nums[i]);
}
}
//此时堆顶部就是第k大的元素
return queue.peek();
}
}
该方法对整个数组建小顶堆,每次弹出的堆顶是当前堆内的最小元素,而第k大元素就第n-k小元素,所以第n-k次弹出的堆顶就是第k大元素。
具体分析见:
class Solution {
//堆排序主函数
public int findKthLargest(int[] nums, int k) {
int heapSize = nums.length;//初始堆大小为数组大小
//在数组上建堆
buildMinHeap(nums, heapSize);
//将顶部删除+最后一个叶节点覆盖根部 + 重新对根节点做堆化(寻找第n-k个弹出的元素)
for(int i = 0; i < nums.length - k; i++){
nums[0] = nums[heapSize - 1];
heapSize--;
minHeapify(nums, 0, heapSize);
}
//最后根部元素就是第k大元素
return nums[0];
}
//建堆(小顶堆)
public void buildMinHeap(int[] nums, int heapSize){
int n = nums.length;
//从倒数第1个非叶节点开始直到根节点
for(int i = (n - 1) / 2; i >= 0; i--){
//每个非叶节点都执行一次调整函数
minHeapify(nums, i, heapSize);//传递数组、非叶节点的下标、堆的大小(为什么要传递堆的大小?见分析)
}
}
//小顶堆的调整函数(递归实现)
public void minHeapify(int[] nums, int parent, int heapSize){
int lchild = parent * 2 + 1, rchild = parent * 2 + 2;
int min = parent;//存放左右孩子中的较小节点下标
//先拿父节点和左孩子比较,取较小值的下标(孩子下标>=heapSize表示父节点没有该孩子节点)
if(lchild < heapSize && nums[lchild] < nums[min]){
min = lchild;
}
//再拿前面得到的较小点和右孩子比较,取较小值的下标
if(rchild < heapSize && nums[rchild] < nums[min]){
min = rchild;
}
//经过前面的if分支,如果当前节点的孩子都大于它,或当前节点为叶子节点,则min = parent,不会进入下面的分支而是退出该函数,表示完成这次调整
if(min != parent){
//交换min下标和parent下标
swap(nums, parent, min);
//这只是一次调整,还需要拿当前min位置的元素继续和它的左右孩子比较(进入下一层递归)
minHeapify(nums, min, heapSize);
}
}
//数组两元素交换
public void swap(int[] nums, int a, int b){
int temp = nums[a];
nums[a] = nums[b];
nums[b] = temp;
}
}
class HeapSortK {
//获取top-k元素主函数
public int getTopK(int[] nums, int k){
int heapSize = k;//指定堆的大小
//先构建k个数的小顶堆:只对[0~k-1]的元素建堆,建立在nums上
buildMinHeap(nums, heapSize);
//再依次处理k及往后的元素
for(int i = k; i < nums.length; i++){
//元素>顶部才入堆 + 堆化
if(nums[i] > nums[0]){
nums[0] = nums[i];
//对根部做堆化
minHeapify(nums, 0, heapSize);
}
}
return nums[0];//顶部保存的就是第k大元素
}
...建堆、调整的代码和上面的实现相同。
}
这个思路是基于快速排序的特点:选择一个枢轴pivot,经过一趟快排后,这个枢轴会位于它在有序数组里的最终位置,如果是降序排列,那么在它之前的元素都大于等于它,在它之后的元素都小于它。
利用这个特点我们可以用来解top-k问题,按数组下标来表示的话,数组的第k大元素就是降序数组里下标 = k-1的元素。
1、设置两个指针left, right,初始时分别指向待排序范围的左右边界。选择数组中的一个元素作为枢轴pivot,通常随机选择一个数,或选择nums[left]。
2、双指针开始工作:
不断循环上面两个步骤,直到left == right时,退出循环,此时下标left就是pivot最终所在的位置,令:
nums[left] = pivot;//(易遗漏)
3、将pivot所在下标返回。
前面选择了一个枢轴pivot后,经过一趟降序快排partition,返回它所在的下标 i :
class Solution {
public int findKthLargest(int[] nums, int k) {
quickSort(nums, k, 0, nums.length - 1);
return nums[k - 1];
}
//快排主函数,当pivot是第k大元素时算法结束
public void quickSort(int[] nums, int k, int left, int right){
int index = partition(nums, left, right);
if(index == k - 1) return;
else if(index > k - 1) quickSort(nums, k, left, index - 1);
else if(index < k - 1) quickSort(nums, k, index + 1, right);
}
//一轮降序快排函数:选择nums[left]作为枢轴,在[left,right]内做一次partition,返回所在的下标
//发生填充的指针向内移动,另一个指针保持不动。直到两个指针相遇时,算法结束.
public int partition(int[] nums, int left, int right){
//取nums[left]作为枢轴pivot
int pivot = nums[left];
//直到left
while(left < right){
//从末尾开始寻找大于pivot的元素
while(right > left && nums[right] <= pivot) right--;
if(left == right) break;
nums[left++] = nums[right];
while(left < right && nums[left] > pivot) left++;
if(left == right) break;
nums[right--] = nums[left];
}
nums[left] = pivot;//最后将枢轴插入合适的位置
return left;
}
}
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